2017年江西省中考物理试卷-答案

物理答案解析

基础部分

一、填空题 1.【答案】牛顿 电阻

【解析】物理学上的很多单位都是以科学家的名字命名的，例如安培、牛顿、欧姆、焦耳、瓦特、库仑等。牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学研究领域取得卓著的成就，物理学以牛顿的名字作为力的单位，符号是N。德国的物理学家欧姆，最先通过实验与理论研究发现了欧姆定律，物理学以欧姆的名字作为电阻的单位，符号是。

【考点】物理量的单位及单位换算。 2.【答案】振动 能量

【解析】解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，声音可以传播能量。声音是由于物体振动而产生的，具有能量，能引起其他物体的振动。人在雪山中大声说话时，由于声音能够传递能量，往往会引起积雪层雪崩，造成危险。 【考点】声音的产生，声与能量。 3.【答案】静止 运动

【解析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。一个白鹭正平行于水面飞行，白鹭所成的像相对于水面时对称的，若以白鹭为参照物，像与白鹭间没有位置的变化，故是静止的；以岸为参照物，白鹭与岸有位置的变化，是运动的。 【考点】参照物及其选择。 4.【答案】甲 实

【解析】眼睛和照相机类似，晶状体相当于是一个凸透镜，可以将2倍焦距以外的物体成像在视网膜上；当物距大于2倍焦距时，成的是倒立、缩小的实像。人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像。人看远处的物体时，晶状体会变薄，远处的物体发出或反射的光线相当于平行光线，经过人的眼睛后，像呈在视网膜上，故看远处景物的是甲图。

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【考点】眼睛及其视物原理。 5.【答案】梳子 正 【解析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电。由图可知，毛皮的束缚电子的能力最弱，梳子束缚电子的能力最强，故毛皮与梳子摩擦最容易起电；毛皮失去电子带正电，梳子得到电子带负电。 【考点】摩擦起电的实质。 6.【答案】费力 增大压力 【解析】根据动力臂和阻力臂的大小关系的关系判定杠杆的种类；根据增大摩擦力的方法有两个：增大压力和增大接触面的粗糙程度。扫帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；平时用力扫地，是通过增大压力的方法来增大摩擦的。 【考点】杠杆的分类，增大或减小摩擦的方法。 7.【答案】乙 热传递 【解析】保温杯散失热量越少，判断保温效果的好坏；热传递可以改变物体的内能。两个容积相同的保温杯，同时装满温度相同的热水，过了一会儿，甲杯的外壁比乙杯热，说明甲杯的散热多，保温效果差，乙杯的保温效果好；杯壁变热是通过热传递的方式改变了它的内能。 【考点】热传递改变物体内能。 8.【答案】1:1 3:2 【解析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压之比，根据并联电路的电流特点求出通过两电阻的电流之比，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比。由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R1与R2两端的电压之比为U1:U21:1；因并联电路中干路电流等于各支路两端的电压相等，所以，通过两电阻的电流之比：I1IA1IA2532，I2IA2332/10

U1RI3IU由I可得，两电阻的阻值之比：112。 R2U2I12RI2【考点】欧姆定律的应用 9.【答案】运动状态 不做功 【解析】由图知两球相撞后，打出的球运动方向发生改变，运动状态发生变化，被打的小球由运动变为静止，运动状态也发生变化，此现象说明力能改变物体的运动状态；台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球不再有力的作用，所以球杆对台球不做功。 【提示】①力的作用效果有两种：改变物体的形状，改变物体的运动状态；②做功的条件是：作用在物体上有力，物体沿力的方向移动一段距离。 【考点】力的作用效果，力是否做功的判断。 10.【答案】热值 吸 【解析】运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；为保证火箭安全，箭体上涂有一层特殊固体物质，在高温下先熔化，再汽化，因为熔化、汽化时要吸收大量的热，起到降温的作用，这样箭体的温度就不会太高。 【提示】①热值是燃料的一种特性，热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；②物质从液态变成气态的过程称为汽化，物质从汽态变成液态的过程称为液化；熔化、汽化时要从周围吸收大量的热，有降温作用。 【考点】燃料的热值，熔化与熔化吸热特点。 二、选择题 11.【答案】A 【解析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。A、人们正常交流时的响度约60dB左右，A符合实际；B、餐桌的高度和课桌的高度差不多，约为80cm，故B错误；C、电冰箱的额定功率在100W左右，故C错误；D、一个苹果的质量约为150g，故D错误。 【考点】声音的等级和噪声的危害，质量的估测，长度的估测，电功率。 12.【答案】C 【解析】做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减小。在汽油机的做功冲程中，将燃气的内能转化为机械能，高温、高压的燃气推动活塞向下运动做功，燃气自身的温度降低，内能减小。 3/10

【考点】做功改变物体内能。 13.【答案】B

【解析】首先要弄清潜望镜的原理，是地上面的、远处的景物反射的光，照射到潜望镜上面这块平面镜上，再反射到下面这块平面镜上，再反射到人的眼里，人就能从低处看见地上面的、远处的景物。总之是平面镜成像。根据潜望镜中使用的是两块平面镜；物体在上面平面镜中成正立、等大的虚像，这个虚像又在下面平面镜中成正立、等大的虚像。物体两次颠倒后成的像与物体是一致的。 【考点】光的反射。 14.【答案】D

【解析】要解决此题需要掌握大气压的存在以及作用。我们周围存在大气压，大气压的值很大，并且向各个方向都有压强。并且要把大气压的作用和一般气体压强的作用区别开来；上端开口，底部连通的容器叫A、连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的。用抽气筒从b管向外抽气，瓶内的气压减小，气球会在外界大气压的作用下被压大，故A不符合题意；B、堵上小孔，瓶子里的水由于受到外界气压的作用倒不出来，故B不符合题意；C、将带有玻璃管的空试管加热后，倒插入水中，试管内的空气会变冷，气压减小，水会在外界大气压的作用下被压入试管内，故C不符合题意；D、茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平，与大气压无关，不能证明大气压是存在的，故D符合题意。 【考点】大气压强的存在。 15.【答案】C

【解析】一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上。据此解析答题。A、由图知木块受到的摩擦力和弹簧测力计对木块的拉力不在同一直线上，不是一对平衡力，故A错误；B、木块对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对木块的拉力作用在弹簧测力计和木块两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对作用力和反作用力。故B错误；C、木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力作用在地面和木块两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对相互作用力，故C正确；D、木块对弹簧测力计的拉力和手对弹簧测力计的拉力作用在同一物体上，不在同一直线上，不是相互作用力，故D错误。 【考点】平衡力和相互作用力的区分。 16.【答案】C

【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化。由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路

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中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由IU可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故BD错R误；由UIR可知，R两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误、C正确。 【考点】电路的动态解析，欧姆定律的应用。 17.【答案】BCD 【解析】（1）结合图中的装置特点，判断其所涉及的电磁学的原理，重点区分磁场对电流的作用，和电磁感应现象装置的不同。（2）通电导体受力的方向与电流方向和磁感线的方向有关；（3）断开电路，电路中无电流，指南针仍指示南北；（4）地球是一个巨大的条形磁体，地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近。A、图中简易电流计是利用通电导体在磁场中受力制成的，不是电磁感应现象，故AB、错误；通电导体受力的方向与电流方向有关，若电源的两极对调，导体受力方向改变，磁针会反向偏转，故B正确；CD、断开电路，电路中无电流，指南针仍指示南北回到原来的位置，其S极将指向地理南极附近，故CD正确。 【考点】磁场对通电导线的作用。 18.【答案】AD 【解析】明确图中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再判断物理量间的关系或变化规律。跳伞运动员匀速下降，速度不变，A正确；下降过程中速度不变，路程与时间成正比，B错误；重力不变，重力做功与下落的距离成正比，又svt，即重力做功与时间成正比，C错误；由公式PFv可知，重力不变，速度不变，重力做功的功率不变，D正确。 【考点】匀速直线运动，速度公式及其应用，功、功率的概念。 三、简答与计算题 19.【答案】答：（1）在乒乓球上升的过程中，乒乓球的质量不变，速度变小，动能减小，同时高度升高，重力势能变大，动能转化为重力势能；机械能为动能和势能之和，所以不计空气阻力，机械能大小不变； （2）乒乓球运动到最高点时，不处于平衡状态；因为乒乓球运动到最高点时，只受重力作用，合外力不为零。故处于非平衡状态。 【解析】（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在解析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行解析。 （2）处于平衡状态的物体一定受到非平衡力的作用，对乒乓球运动到最高点时进行受力解析即可解答。 【考点】动能和势能的转化与守恒，平衡状态的判断。 20 .【答案】（1）木块受到的浮力：F浮G排m排g0.1kg10N/kg1N； 5/10

答：木块受到的浮力为1N； 3（0.05m）1.2510﹣4m3，因为木块漂浮，所以G木F浮1N，又因为（2）正方体木块的体积：V木G木m木g木V木g，所以木块的密度：ρ木=33答：木块的密度为0.810kg/m； m木G木F1N33==浮==0.810kg/m； V木gV木gV木10N/kg1.25 10-4m3（3）由于木块漂浮，根据浮力产生的原因可知，木块下表面受到的水的压力：FF浮1N，木块的底面F1N2=400Pa。 积S（0.05m）0.0025m2，木块下表面受到的水的压强：p==2S0.0025m答：木块下表面受到的水的压强为400Pa。 【解析】（1）知道溢出水质量，利用重力公式求木块排开水的重力，再根据阿基米德原理求木块受到的浮力； （2）知道正方体木块的边长求出木块的体积；根据漂浮条件求出木块重，进而求出木块的质量；最后利用密度公式求木块的密度； （3）根据浮力产生的原因（物体上下表面产生的压力差），求出下表面受到的压力，再根据压强公式求木块下表面受到的水的压强。 【考点】浮力大小的计算，密度的计算，液体的压强的计算。 21.【答案】（1）闭合开关S1和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联后再与R0并联，电流表测干路电流，电压表测R两端的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，6V0V，此时通过灯泡的电流IL0.5A，因并联灯泡正常发光时，电压表的示数：URU﹣UL6V﹣0.5A0.1A，由I电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R0的电流：I0I﹣IL0.6A﹣得，R0的阻值：R0U可RU6V60； I00.1A答：电压表的示数是0V，R0的阻值是60； （2）断开开关S1，闭合开关S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，因灯泡正常发光时，电压表的示数为零，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻为0；当电压表的示数UR大3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：RLUL6V12，因串联电IL0.5AUR大8V﹣3V5V，因串联电路中各处路中总电压等于各分电压之和，所以，L两端的电压：ULU﹣6/10

的电流相等，所以，电路中的电流：I5V3VULUR大，即，解得：Rmax7.2。为了保证电12RmaxRLRmax路安全，当电路中电流I2=IL0.5A时，可求滑动变阻器连入电路的最小阻值：Rmin=RRL=U8VRL=12=4。所以，滑动变阻器的阻值变化范围为4R7.2。 I20.5A答：滑动变阻器的阻值变化范围为4R7.2。 【解析】（1）闭合开关S1和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联后再与R0并联，电流表测干路电流，电压表测R两端的电压，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点和串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值； （2）断开开关S1，闭合开关S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时变阻器接入电路中的电阻为零；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的电压特点求出L两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R的最大阻值和最小值，进一步得出答案。 【考点】欧姆定律的应用。 22.【答案】（1）标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：WQ吸cm（t﹣t0）4.2103J/（kg℃）2kg（100-30）℃5.88105J，由P可得，消耗的电t5Q吸5.88105J能：WP中t500W2060s610J，电热水壶的效率： 100%100%98%；W6105J答：水所吸收的热量为5.88105J，电热水壶的效率为98%； R并=R1/2，R2并联，（2）中温档R1工作，高文档是R1、根据P=U2/R，故P高2P中2500W1000W； 答：电热水壶高温档的额定功率为1000W； W0.09kWh0.9kW900W＜1000W，由于P高=1000W，故此时电（3）电热水壶的实际功率：P实t0.1h热水壶不是正常工作。 答：此时电热水壶不是正常工作。 【解析】（1）标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据P消耗的电能，利用W求出tQ吸100%求出电热水壶的效率； WU2（2）先解析连接方式，求出连接的电阻大小，电源电压不变，根据公式P求出各自的电功率，然后R7/10

比较得出答案； W（3）根据P求出电热水壶的实际功率，然后与额定功率相比较得出答案。 t【考点】电功与热量的综合计算。 实验部分 四、实验与探究题 23.【答案】（1）1s 9 25 （2）乙 0~50mL （3）②取下橡胶垫圈 ③移动游码 【解析】（1）根据表盘的刻度解析，图中钟表的秒针走过一个小格是1s，即分度值为1s；显示的时间是15h9min25s。 （2）根据量筒的刻度值读出量程，分度值越小越精确，乙的分度值小，故选用乙，量程是0～50mL。 （3）根据天平的使用规则解析，②图中天平的游码已在零刻度线处，所以要取下保护天平的橡胶垫圈；③增减砝码的过程中，若没有质量更小的砝码，就要适当移动游码，直到横梁恢复平衡。 【考点】时间的测量，天平的使用，量筒的使用。 U24.【答案】【实验原理】（1）欧姆定律（或R） I【实验步骤】（2）断开开关 将电流表正负接线柱上的导线对调 （3）只测量一组数据，实验误差会较大 （4）10 正比 （5）0 【解析】（1）闭合开关，电流表指针反向偏转，表明正负接线柱接反，应断开开关，将电流表正负接线柱上的导线对调。 （3）小明的实验次数只有一次，实验结果具有偶然性。 （4）R=U/I=2.4V/0.24A=10Ω，计算剩余两组的电阻，阻值相同，平均值为10；根据实验数据可得结论：8/10

电阻一定时通过导体的电流与导体两端的电压成正比。

（5）图丙中滑片移动到瓷筒上，瓷筒绝缘，变阻器断路，电路中没有电流，故电流表的示数为0。 【考点】伏安法测电阻的探究实验。 25.【答案】（1）②④①③ （2）变小 （3）如下图所示

（4）保持不变 （5）调为小火

【解析】（1）实验中组装器材应由下往上，保证用酒精灯的外焰加热，所以合理顺序应先放好温度计，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，所以接着应放置烧杯，最后安装温度计。即顺序为：为②④①③。

（2）第3min时水还没有沸腾，底部的温度高于上部的温度，根据热胀冷缩可知，水中的气泡在上升时遇到低温的水又液化成了水，所以气泡逐渐变小。

（3）坐标系的横坐标表示时间t，纵坐标表示温度℃，如下图所示：

（4）由图可知水沸腾时，吸收热量，温度保持不变。 （5）水沸腾时，温度保持不变，调为小火更节省燃料。 【考点】探究水的沸腾实验。 26.【答案】【自制器材】（2）不同 【进行实验】（4）砂砾水平运动的距离 【解析论证】（1）不容易 大 （2）质量

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【拓展应用】（1）B （2）远

【解析】【自制器材】（2）研究惯性与质量的关系应选用质量不同的物体进行实验。

【进行实验】（4）质量越大的沙砾惯性越大，运动状态越不容易改变，所以比较沙砾水平移动距离的远近判断惯性的大小。

【分析论证】（1）质量大的沙砾惯性大，状态不容易被改变； （2）惯性的大小与物体的质量有关。

【拓展应用】（1）谷粒质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，谷粒的质量大于谷壳质量，谷粒的运动状态不容易改变，运动距离越近，相反谷皮被吹得远，故B口可收集到饱满的谷粒；

（2）饱满的谷粒质量越大，惯性越大，运动状态越不容易改变，运动后越不容易停下来，运动距离越远，将落在离人远的地方。

【考点】控制变量法与探究性实验方案。

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